leetcode contest 383

感觉非常常规的题目，毫无新意的题目

3028. 边界上的蚂蚁

边界上有一只蚂蚁，它有时向左走，有时向右走。

给你一个非零整数数组 nums 。蚂蚁会按顺序读取 nums 中的元素，从第一个元素开始直到结束。每一步，蚂蚁会根据当前元素的值移动：

如果 nums[i] < 0 ，向左移动 -nums[i]单位。
如果 nums[i] > 0 ，向右移动 nums[i]单位。

返回蚂蚁返回到边界上的次数。

注意：

边界两侧有无限的空间。
只有在蚂蚁移动了 |nums[i]| 单位后才检查它是否位于边界上。换句话说，如果蚂蚁只是在移动过程中穿过了边界，则不会计算在内。

示例 1：

输入：nums = [2,3,-5]
输出：1
解释：第 1 步后，蚂蚁距边界右侧 2 单位远。
第 2 步后，蚂蚁距边界右侧 5 单位远。
第 3 步后，蚂蚁位于边界上。
所以答案是 1 。

示例 2：

输入：nums = [3,2,-3,-4]
输出：0
解释：第 1 步后，蚂蚁距边界右侧 3 单位远。
第 2 步后，蚂蚁距边界右侧 5 单位远。
第 3 步后，蚂蚁距边界右侧 2 单位远。
第 4 步后，蚂蚁距边界左侧 2 单位远。
蚂蚁从未返回到边界上，所以答案是 0 。

提示：

1 <= nums.length <= 100
-10 <= nums[i] <= 10
nums[i] != 0

地址

https://leetcode.cn/contest/weekly-contest-383/problems/ant-on-the-boundary/

题意

直接模拟即可

思路

题目只要求到达原点的次数，我们直接累加所有元素，统计出现 $0$ 的次数即可；
复杂度分析：

时间复杂度：$O(n)$，其中 $n$ 表示给定数组的长度。
空间复杂度：$O(1)$。

代码

class Solution:
    def returnToBoundaryCount(self, nums: List[int]) -> int:
        ans, tot = 0, 0
        for x in nums:
            tot += x
            if tot == 0:
                ans += 1
        return ans

3031. 将单词恢复初始状态所需的最短时间 II

给你一个下标从 0 开始的字符串 word 和一个整数 k 。

在每一秒，你必须执行以下操作：

移除 word 的前 k 个字符。
在 word 的末尾添加 k 个任意字符。

注意添加的字符不必和移除的字符相同。但是，必须在每一秒钟都执行两种操作。

返回将 word 恢复到其初始状态所需的最短时间（该时间必须大于零）。

示例 1：

输入：word = "abacaba", k = 3
输出：2
解释：
第 1 秒，移除 word 的前缀 "aba"，并在末尾添加 "bac" 。因此，word 变为 "cababac"。
第 2 秒，移除 word 的前缀 "cab"，并在末尾添加 "aba" 。因此，word 变为 "abacaba" 并恢复到始状态。
可以证明，2 秒是 word 恢复到其初始状态所需的最短时间。

示例 2：

输入：word = "abacaba", k = 4
输出：1
解释：
第 1 秒，移除 word 的前缀 "abac"，并在末尾添加 "caba" 。因此，word 变为 "abacaba" 并恢复到初始状态。
可以证明，1 秒是 word 恢复到其初始状态所需的最短时间。

示例 3：

输入：word = "abcbabcd", k = 2
输出：4
解释：
每一秒，我们都移除 word 的前 2 个字符，并在 word 末尾添加相同的字符。
4 秒后，word 变为 "abcbabcd" 并恢复到初始状态。
可以证明，4 秒是 word 恢复到其初始状态所需的最短时间。

提示：

1 <= word.length <= 106
1 <= k <= word.length
word仅由小写英文字母组成。

地址

https://leetcode.cn/contest/weekly-contest-383/problems/minimum-time-to-revert-word-to-initial-state-ii/

题意

字符串哈希算法

思路

题目本身没啥难度，主要就是找到给定字符串的后缀与前缀匹配的最大长度即可，此时最简单的办法就是字符串哈希算法，我们可以很快的求出每个子字符串的哈希值然后比较即可，熟悉 KR 算法来说，这个题目毫无难度可言。
复杂度分析：

时间复杂度：$O(n)$, $n$ 表示给定字符串 $s$ 的长度；
空间复杂度：$O(n)$；

代码

class Solution:
    def minimumTimeToInitialState(self, word: str, k: int) -> int:
        mod = 10**9 + 7
        base = 31
        n = len(word)
        h = [1] * (n + 1)
        arr = [0] * (n + 1)
        for i in range(n):
            h[i + 1] = (h[i] * base) % mod
            arr[i + 1] = (arr[i] * base + ord(word[i]) - ord('a')) % mod
        def get(i, j):
            return (arr[j + 1] - arr[i] * h[j - i + 1] % mod + mod) % mod
        ans = 1
        for i in range(k, n, k):
            if get(0, n - 1 - i) == get(i, n - 1):
                return ans
            ans += 1
        return ans

3030. 找出网格的区域平均强度

给你一个下标从 0 开始、大小为 m x n 的网格 image ，表示一个灰度图像，其中 image[i][j] 表示在范围 [0..255] 内的某个像素强度。另给你一个非负整数 threshold 。

如果 image[a][b] 和 image[c][d] 满足 |a - c| + |b - d| == 1 ，则称这两个像素是 相邻像素 。

区域是一个 3 x 3 的子网格，且满足区域中任意两个相邻像素之间，像素强度的 绝对差 小于或等于 threshold 。

区域内的所有像素都认为属于该区域，而一个像素可以属于多个区域。

你需要计算一个下标从 0 开始、大小为 m x n 的网格 result ，其中 result[i][j] 是 image[i][j] 所属区域的平均强度，向下取整 到最接近的整数。如果 image[i][j] 属于多个区域，result[i][j] 是这些区域的 “取整后的平均强度” 的 平均值，也 向下取整 到最接近的整数。如果 image[i][j] 不属于任何区域，则 result[i][j] 等于 image[i][j] 。

返回网格 result 。

示例 1：

输入：image = [[5,6,7,10],[8,9,10,10],[11,12,13,10]], threshold = 3
输出：[[9,9,9,9],[9,9,9,9],[9,9,9,9]]
解释：图像中存在两个区域，如图片中的阴影区域所示。第一个区域的平均强度为 9 ，而第二个区域的平均强度为 9.67 ，向下取整为 9 。两个区域的平均强度为 (9 + 9) / 2 = 9 。由于所有像素都属于区域 1 、区域 2 或两者，因此 result 中每个像素的强度都为 9 。
注意，在计算多个区域的平均值时使用了向下取整的值，因此使用区域 2 的平均强度 9 来进行计算，而不是 9.67 。

示例 2：

1
2
3

输入：image = [[10,20,30],[15,25,35],[20,30,40],[25,35,45]], threshold = 12
输出：[[25,25,25],[27,27,27],[27,27,27],[30,30,30]]
解释：图像中存在两个区域，如图片中的阴影区域所示。第一个区域的平均强度为 25 ，而第二个区域的平均强度为 30 。两个区域的平均强度为 (25 + 30) / 2 = 27.5 ，向下取整为 27 。图像中第 0 行的所有像素属于区域 1 ，因此 result 中第 0 行的所有像素为 25 。同理，result 中第 3 行的所有像素为 30 。图像中第 1 行和第 2 行的像素属于区域 1 和区域 2 ，因此它们在 result 中的值为 27 。

示例 3：

1
2
3

输入：image = [[5,6,7],[8,9,10],[11,12,13]], threshold = 1
输出：[[5,6,7],[8,9,10],[11,12,13]]
解释：图像中不存在任何区域，因此对于所有像素，result[i][j] == image[i][j] 。

提示：

3 <= n, m <= 500
0 <= image[i][j] <= 255
0 <= threshold <= 255

地址

https://leetcode.cn/contest/weekly-contest-383/problems/find-the-grid-of-region-average/

题意

前缀和

思路

题目本身比较简单，但是处理起来稍微复杂了一些。题目本身没有任何难度，就是处理起来稍微有点复杂，需要处理各种细节。
复杂度分析：

时间复杂度：$O(mn)$，其中 $mn$ 表示给定矩阵的行数与列数。
空间复杂度：$O(n)$，其中 $n$ 表示给定的数组的长度。

代码

class Solution:
    def resultGrid(self, image: List[List[int]], threshold: int) -> List[List[int]]:
        m = len(image)
        n = len(image[0])
        cnt = [[0] * (n + 1) for _ in range(m + 1)]
        tot = [[0] * n for _ in range(m)]
        psum = [[0] * n for _ in range(m)]
        
        for i in range(m):
            for j in range(n):
                cnt[i + 1][j + 1] = cnt[i + 1][j] + cnt[i][j + 1] + image[i][j] - cnt[i][j]
        
        def check(i, j):
            if i < 0 or j < 0 or i + 2 >= m or j + 2 >= n:
                return False
            for r in range(3):
                for c in range(3):
                    if c > 0 and abs(image[i + r][j + c] - image[i + r][j + c - 1]) > threshold:
                        return False
                    if r > 0 and abs(image[i + r][j + c] - image[i + r - 1][j + c]) > threshold:
                        return False
            return True
        
        def get(i, j):
            return cnt[i + 3][j + 3] - cnt[i + 3][j] - cnt[i][j + 3] + cnt[i][j]
        
        res = [[0] * n for _ in range(m)]
        for i in range(m):
            for j in range(n):
                if check(i, j):
                    for x in range(3):
                        for y in range(3):
                            tot[i + x][j + y] += 1
                            psum[i + x][j + y] += get(i, j) // 9
                if tot[i][j] == 0:
                    res[i][j] = image[i][j]
                else:
                    res[i][j] = psum[i][j] // tot[i][j]
        return res

3031. 将单词恢复初始状态所需的最短时间 II

给你一个下标从 0 开始的字符串 word 和一个整数 k 。

在每一秒，你必须执行以下操作：

移除 word 的前 k 个字符。
在 word 的末尾添加 k 个任意字符。

注意添加的字符不必和移除的字符相同。但是，必须在每一秒钟都执行两种操作。

返回将 word 恢复到其初始状态所需的最短时间（该时间必须大于零）。

示例 1：

输入：word = "abacaba", k = 3
输出：2
解释：
第 1 秒，移除 word 的前缀 "aba"，并在末尾添加 "bac" 。因此，word 变为 "cababac"。
第 2 秒，移除 word 的前缀 "cab"，并在末尾添加 "aba" 。因此，word 变为 "abacaba" 并恢复到始状态。
可以证明，2 秒是 word 恢复到其初始状态所需的最短时间。

示例 2：

输入：word = "abacaba", k = 4
输出：1
解释：
第 1 秒，移除 word 的前缀 "abac"，并在末尾添加 "caba" 。因此，word 变为 "abacaba" 并恢复到初始状态。
可以证明，1 秒是 word 恢复到其初始状态所需的最短时间。

示例 3：

输入：word = "abcbabcd", k = 2
输出：4
解释：
每一秒，我们都移除 word 的前 2 个字符，并在 word 末尾添加相同的字符。
4 秒后，word 变为 "abcbabcd" 并恢复到初始状态。
可以证明，4 秒是 word 恢复到其初始状态所需的最短时间。

提示：

1 <= word.length <= 106
1 <= k <= word.length
word仅由小写英文字母组成。

地址

https://leetcode.cn/contest/weekly-contest-383/problems/minimum-time-to-revert-word-to-initial-state-ii/

题意

字符串哈希算法

思路

题目本身没啥难度，主要就是找到给定字符串的后缀与前缀匹配的最大长度即可，此时最简单的办法就是字符串哈希算法，我们可以很快的求出每个子字符串的哈希值然后比较即可，熟悉 KR 算法来说，这个题目毫无难度可言。
复杂度分析：

时间复杂度：$O(n)$, $n$ 表示给定字符串 $s$ 的长度；
空间复杂度：$O(n)$；

代码

[sol1-C++]

class Solution:
    def minimumTimeToInitialState(self, word: str, k: int) -> int:
        mod = 10**9 + 7
        base = 31
        n = len(word)
        h = [1] * (n + 1)
        arr = [0] * (n + 1)
        for i in range(n):
            h[i + 1] = (h[i] * base) % mod
            arr[i + 1] = (arr[i] * base + ord(word[i]) - ord('a')) % mod
        def get(i, j):
            return (arr[j + 1] - arr[i] * h[j - i + 1] % mod + mod) % mod
        ans = 1
        for i in range(k, n, k):
            if get(0, n - 1 - i) == get(i, n - 1):
                return ans
            ans += 1
        return ans

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力扣周赛

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leetcode contest 383

http://example.com/2026/09/08/力扣周赛题解/179/

Author

Mike Meng

Posted on

September 8, 2026

Licensed under

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